使用url方案传递参数-Java 学习之路

我正在开发一个可以通过URL启动的应用程序 . 我已经在信息页面上使用xcode定义了我的网址方案 . 我填写了标识符我的Bundle标识符和URL Schemes myapp .

现在，如果我尝试在safari myapp：// foo中打开，它会启动我的应用程序并在我的断点处停止

- (BOOL)application:(UIApplication *)application
        openURL:(NSURL *)url
sourceApplication:(NSString *)sourceApplication
     annotation:(id)annotation

方法 .

问题是注释，url，应用程序，sourceapplication参数都是nil . 所以我不能传递参数......

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在不必要的时间丢失之后，我发现问题是调试器 . 它显示网址是零，如果我尝试打印说明它说
```
Printing description of url:
<nil>
```
但如果我尝试NSLog，它会显示网址 . 如果在方法中放入以下代码
```
if (! url) {
    return NO;
}
```
调试器还显示了url .
回复于 2024-05-07T06:12:14+08:00
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你确定你的项目处于调试模式！？看这里http://nerdwa.com/index.php/2011/09/debugrelease-schemes-in-xcode-4/

回复于 2024-05-07T06:12:14+08:00

使用url方案传递参数

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