使用AJAX上传文件，处理并使用Flask将结果返回给Javascript

我已经弄清楚如何使用AJAX和Flask上传文件，使页面不刷新，文件上传到某个指定目录的服务器 . 在Python方法（upload（））中，我想用一些正则表达式处理文件名并将数组返回到Javascript文件 . 即使我正在尝试请求数组，我仍然会返回render_template（index.html）吗？

HTML（index.html）

<form id="upload-file" role="form" action="sendQuestions" method="post" enctype="multipart/form-data">
    <div class="modal-body">
        <label for="file"><b>Upload packet here</b></label>
        <input type="file" name="file">
        <p class="help-block">Upload a .pdf or .docx file you want to read.</p>
    </div>
    <div class="modal-footer">
        <button type="button" class="btn btn-default" data-dismiss="modal">Close</button>
        <button id="upload-file-btn" type="button" class="btn btn-primary" data-dismiss="modal" value="Upload">Upload</button>
    </div>
</form>

使用Javascript

$(function() {
    $('#upload-file-btn').click(function() {
        var form_data = new FormData($('#upload-file')[0]);
        $.ajax({
            type: 'POST',
            url: '/uploadajax',
            data: form_data,
            contentType: false,
            cache: false,
            processData: false,
            async: false,
            success: function(data) {
                console.log('Success!');
            },
        });
    });
});

Python（烧瓶）

@app.route('/uploadajax', methods=['POST'])
def upload():
    file = request.files['file']

    if file and allowed_file(file.filename):
         filename = secure_filename(file.filename)
         file.save(os.path.join(app.config['UPLOAD_FOLDER'], filename))

    return render_template('index.html')

我正在玩$ .ajax {}部分之后在Javascript中添加这个AJAX调用，但我做得对吗？我不确定我是否可以在一个Javascript函数中调用两次相同的Python方法，或者是否有更好的方法来执行此操作 .

ajaxRequest = ajaxFunction()
    ajax.onreadystatechange = function() {
        if (ajaxRequest.readyState === 4) {
            if (ajaxRequest.status === 200) {
                alert(ajaxRequest.responseText) //I want the Python to put the array into this ajaxRequest.responseText variable, not sure how.
            }
            else
                alert('Error with the XML request.')
        }
    }
    ajaxRequest.open("GET", 'uploadajax', true);
    ajaxRequest.send(null);

有帮助吗？谢谢 .